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题目背景
NOIP2011提高组 DAY1 试题。
题目描述
丽江河边有 n 家很有特色的客栈,客栈按照其位置顺序从 1 到 n 编号。每家客栈都按照某一种色调进行装饰(总共 k 种,用整数 0 ~ k-1 表示),且每家客栈都设有一家咖啡店,每家咖啡店均有各自的最低消费。
两位游客一起去丽江旅游,他们喜欢相同的色调,又想尝试两个不同的客栈,因此决定分别住在色调相同的两家客栈中。晚上,他们打算选择一家咖啡店喝咖啡,要求咖啡店位于两人住的两家客栈之间(包括他们住的客栈),且咖啡店的最低消费不超过 p。
他们想知道总共有多少种选择住宿的方案,保证晚上可以找到一家最低消费不超过p元的咖啡店小聚。
输入格式
共 n+1 行。
第一行三个整数 n,k,p,每两个整数之间用一个空格隔开,分别表示客栈的个数,色调的数目和能接受的最低消费的最高值;
接下来的 n 行,第 i+1 行两个整数,之间用一个空格隔开,分别表示i 号客栈的装饰色调和i 号客栈的咖啡店的最低消费。
输出格式
只有一行,一个整数,表示可选的住宿方案的总数。
样例数据
输入
5 2 3
0 5
1 3
0 2
1 4
1 5
输出
3
备注
【样例说明】
2人要住同样色调的客栈,所有可选的住宿方案包括:住客栈 ①③,②④,②⑤,④⑤,但是若选择住 4、5 号客栈的话,4、5 号客栈之间的咖啡店的最低消费是4,而两人能承受的最低消费是 3 元,所以不满足要求。因此只有前 3 种方案可选。
【数据范围】
对于 30% 的数据,有 n≤100 ;
对于 50% 的数据,有 n≤1,000 ;
对于 100% 的数据,有 2≤n≤200,000 , 0<k≤50 , 0≤p≤100 , 0≤ 最低消费 ≤100 。
分析:按照题目要求的进行模拟,每次选择两个进行判断,若满足以下条件:
1.两个客栈颜色相同
2.两个客栈中间(包含两个客栈)中存在一家咖啡店最低消费小于等于p的即算作一个满足条件的解。
思路1:
枚举两个客栈,判断颜色是否相同,并顺序枚举求两个客栈的最小值,看是否小于等于 p 。
复杂度O( N3 ) 期望得分 30-40 。
思路2:
对于求两个客栈的最小值问题,为经典的RMQ问题,可以用线段树维护一段区间的最小值。
复杂度O( N2 logN) 期望得分 50。
思路3:
可以用ST算法O(1)时间求出两个区间的最小值 复杂度O(NlogN+ N2 )。
期望得分 50-60 。
思路4:
对于每一个客栈,我们考虑和当前点前面的客栈进行配对。预处理出Pre表示i点(包含i点)前面第一个<=p的客栈。对于每一个颜色,求出sum表示前i个点有多少个点的颜色等于当前枚举的颜色。依次枚举每一个客栈,若当前客栈最低消费<=p,当前客栈可以和前面任意一个客栈进行匹配,并且pre一定等于i,所以答案可以累加sum[pre]-1;对于当前客栈最低消费>p,则当前客栈只能和pre以及之前的客栈进行匹配,故答案可以累加sum[pre]。 复杂度O(NK) 期望得分 100。
以上是标答,我们来模拟一下(结合代码):
发现第一个满足消费要求的点,那么前面记录的color全部进入sum,这样,只要这个点后面有color相同的点,就多了sum种住宿方案(更新ans),此时,要将前面的color全部清零。
发现第二个满足消费要求的点,那么在两个点之间的color全部进入sum(记作sum(新)),这样,只要这个点后面有color相同的点,那么就多了sum(新)种住宿方案(更新ans),此时color再次清零,之后同理。
刚开始以为是选了客栈有多少种喝咖啡的方案……错的很惨。
代码:
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<string>
#include<ctime>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cctype>
#include<iomanip>
#include<queue>
#include<set>
using namespace std;
int getint()
{
int f=1,sum=0;
char ch;
for(ch=getchar();(ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-';ch=getchar());
if(ch=='-')
{
f=-1;
ch=getchar();
}
for(;ch>='0'&&ch<='9';ch=getchar())
sum=(sum<<3)+(sum<<1)+ch-48;
return sum*f;
}
const int maxn=2e5+10;
int n,p,k,x,y,sum[maxn],color[maxn],ans;
int main()
{
freopen("lx.in","r",stdin);
freopen("lx.out","w",stdout);
n=getint();k=getint();p=getint();
for(int i=1;i<=n;++i)
{
x=getint();y=getint();
color[x]++;
if(y<=p)
{
for(int j=0;j<=k-1;++j)
{
sum[j]+=color[j];
color[j]=0;
}
ans-=1;
}
ans+=sum[x];
}
cout<<ans<<endl;
return 0;
}
本题结。
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