浅谈欧拉函数[通俗易懂]

浅谈欧拉函数[通俗易懂]前言欧拉函数听起来很高大上,但其实非常简单,也是NOIP里的一个基础知识,希望大家看完我的博客能有所理解。什么是欧拉函数欧拉函数是小于x的正整数中与x互质的数的个数,一般用φ(x)表示。特殊的,φ(1)=1。如何计算欧拉函数通式:φ(x)=x∏ni=1(1−1pi)∏i=1n(1−1pi)\prod_{i=1}^n{(1-\frac{1}{p_i})}φ(1)=1其…

大家好,又见面了,我是你们的朋友全栈君。如果您正在找激活码,请点击查看最新教程,关注关注公众号 “全栈程序员社区” 获取激活教程,可能之前旧版本教程已经失效.最新Idea2022.1教程亲测有效,一键激活。

Jetbrains全系列IDE使用 1年只要46元 售后保障 童叟无欺

前言

欧拉函数听起来很高大上,但其实非常简单,也是NOIP里的一个基础知识,希望大家看完我的博客能有所理解。
数论是数学的一个分支,它只讨论正整数的性质,所以以下都是针对正整数进行研究的。

什么是欧拉函数

欧拉函数是小于x的整数中与x互质的数的个数,一般用φ(x)表示。特殊的,φ(1)=1。

如何计算欧拉函数

通式: φ(x)=x ∏ i = 1 n ( 1 − 1 p i ) \prod_{i=1}^n{(1-\frac{1}{p_i})} i=1n(1pi1)
φ(1)=1
其中 p 1 p_1 p1, p 2 p_2 p2…… p n p_n pn为x的所有质因数,x是正整数。
那么,怎么理解这个公式呢?对于x的一个质因数 p i p_i pi,因为x以内 p i p_i pi的倍数是均匀分布的,所以x以内有 1 p i \frac {1}{p_i} pi1的数是 p i p_i pi的倍数,那么有1- 1 p i \frac {1}{p_i} pi1的数不是 p i p_i pi的倍数。再对于 p j p_j pj,同理,有1- 1 p j \frac {1}{p_j} pj1的数不是 p j p_j pj的倍数,所以有 ( 1 − 1 p i ) ∗ ( 1 − 1 p j ) (1-\frac {1}{p_i})*(1-\frac {1}{p_j}) (1pi1)(1pj1)的数既不是 p i p_i pi的倍数,又不是 p j p_j pj的倍数。最后就有 ∏ i = 1 n ( 1 − 1 p i ) \prod_{i=1}^n{(1-\frac{1}{p_i})} i=1n(1pi1)的数与x互质,个数自然就是x ∏ i = 1 n ( 1 − 1 p i ) \prod_{i=1}^n{(1-\frac{1}{p_i})} i=1n(1pi1)
还不理解?没关系,举个例子。比如x=12,12以内有 1 2 \frac {1}{2} 21的数是2的倍数,那么有1- 1 2 \frac {1}{2} 21的数不是2的倍数(1,3,5,7,9,11),这6个数里又有 1 3 \frac {1}{3} 31的数是3的倍数,只剩下(1- 1 2 \frac {1}{2} 21)* (1- 1 3 \frac {1}{3} 31)的数既不是2的倍数,也不是3的倍数(1,5,7,11)。这样剩下的 12*(1- 1 2 \frac {1}{2} 21)*(1- 1 3 \frac {1}{3} 31),即4个数与12互质,所以φ(12)=4。

积性函数

先介绍一下什么是积性函数,后面将会用到。若当m与n互质时, f ( m ∗ n ) = f ( m ) ∗ f ( n ) f(m*n)=f(m)*f(n) f(mn)=f(m)f(n),那么f是积性函数。若对任意正整数,都有f(m*n)=f(m)*f(n)成立,则f是完全积性函数。

欧拉函数的几个性质

1.对于质数p, φ ( p ) = p − 1 φ(p)=p-1 φ(p)=p1
2.若p为质数, n = p k n=p^k n=pk,则 φ ( n ) φ(n) φ(n)= p k p^k pk p k − 1 p^{k-1} pk1
3.欧拉函数是积性函数,但不是完全积性函数。若m,n互质,则 φ ( m ∗ n ) = φ ( m ) ∗ φ ( n ) φ(m*n)=φ(m)*φ(n) φ(mn)=φ(m)φ(n)。特殊的,当m=2,n为奇数时,φ(2*n)=φ(n)。
4.当n>2时,φ(n)是偶数。
5.小于n的数中,与n互质的数的总和为:φ(n) * n / 2 (n>1)。
6. n = ∑ d ∣ n φ ( d ) n=\sum_{d|n}{φ(d)} n=dnφ(d),即n的因数(包括1和它自己)的欧拉函数之和等于n。

欧拉函数性质的粗略证明

1.因为p是质数,所以1到n-1都与n互质。
2.n只有一个质因数p,根据公式φ(x)=x ∏ i = 1 n ( 1 − 1 p i ) = x ∗ ( 1 − 1 p ) = p k ∗ ( 1 − 1 p ) = p k − p k − 1 \prod_{i=1}^n{(1-\frac{1}{p_i})} =x*(1-\frac{1}{p})=p^k*(1-\frac{1}{p})=p^k-p^{k-1} i=1n(1pi1)=x(1p1)=pk(1p1)=pkpk1
3.因为m与n互质,所以它们没有公共的质因数。设m有 a m a_m am个质因数,n有 a n a_n an个质因数。 φ ( m ) ∗ φ ( n ) = m ∗ n ∗ ∏ i = 1 a m ( 1 − 1 p i ) ∗ ∏ i = 1 a n ( 1 − 1 p i ) = m ∗ n ∗ ∏ i = 1 a m + a n ( 1 − 1 p i ) = φ ( m ∗ n ) φ(m)* φ(n)=m*n * \prod_{i=1}^{a_m}{(1-\frac{1}{p_i})}*\prod_{i=1}^{a_n}{(1-\frac{1}{p_i})}=m*n * \prod_{i=1}^{a_m+a_n}{(1-\frac{1}{p_i})}=φ(m*n) φ(m)φ(n)=mni=1am(1pi1)i=1an(1pi1)=mni=1am+an(1pi1)=φ(mn)
4.前几个都可以利用公式证明,这个却不行。首先有一个基本事实(我不想证明),若gcd(n,m)=1,则gcd(n,n-m)=1(设n>m)。当m=n-m时, n = 2 ∗ m n=2*m n=2m,那么n>2时gcd(n,m)<>2,与前提相悖,故m<>n-m。换句话说,n>2时,与n互质的数是成对出现的,所以φ(n)必为偶数。
5.证明这个也要用到上面所说的基本事实。与n互质的数一个是m,那么还存在另一个数n-m也与n互质。所以与n互质的数的平均数是n/2,而个数又是φ(n),可以得到这些数的和就是φ(n)*n/2。
6.证明1(理性的证明):
这个证明起来有点麻烦。设F(n)= ∑ d ∣ n φ ( d ) \sum_{d|n}{φ(d)} dnφ(d)。首先证明F(n)是个积性函数:设m,n互质,则要证 F ( m ∗ n ) = F ( m ) ∗ F ( n ) F(m*n)=F(m)*F(n) F(mn)=F(m)F(n) F ( m ) ∗ F ( n ) = ∑ i ∣ m φ ( i ) ∗ ∑ j ∣ n φ ( j ) = φ ( i 1 ) ∗ φ ( j 1 ) + φ ( i 1 ) ∗ φ ( j 2 ) + . . . + φ ( i 2 ) ∗ φ ( j 1 ) + φ ( i 2 ) ∗ φ ( j 2 ) + . . . + φ ( i k m ) ∗ φ ( j k n ) F(m)*F(n)=\sum_{i|m}{φ(i)}*\sum_{j|n}{φ(j)}=φ(i_1)*φ(j_1)+φ(i_1)*φ(j_2)+…+φ(i_2)*φ(j_1)+φ(i_2)*φ(j_2)+…+φ(i_{km})*φ(j_{kn}) F(m)F(n)=imφ(i)jnφ(j)=φ(i1)φ(j1)+φ(i1)φ(j2)+...+φ(i2)φ(j1)+φ(i2)φ(j2)+...+φ(ikm)φ(jkn)这里假设 i 1 , i 2 , . . . i k m i_1,i_2,…i_{km} i1,i2,...ikm为m的所有因数, j 1 , j 2 , . . . j k n j_1,j_2,…j_{kn} j1,j2,...jkn为n的所有因数之和,因为m与n互质,所以它们的因数也必然全都两两互质,而欧拉函数又是个积性函数,即 φ ( i k ∗ j k ) = φ ( i k ) ∗ φ ( j k ) φ(i_k*j_k)=φ(i_k)*φ(j_k) φ(ikjk)=φ(ik)φ(jk),那么上式又可以等价于 φ ( i 1 ∗ j 1 ) + φ ( i 1 ∗ j 2 ) + . . . + φ ( i 2 ∗ j 1 ) + φ ( i 2 ∗ j 2 ) + . . . + φ ( i k m ∗ j k n ) 。 φ(i_1*j_1)+φ(i_1*j_2)+…+φ(i_2*j_1)+φ(i_2*j_2)+…+φ(i_{km}*j_{kn})。 φ(i1j1)+φ(i1j2)+...+φ(i2j1)+φ(i2j2)+...+φ(ikmjkn)可以发现, i 1 ∗ j 1 , i 1 ∗ j 2 , . . . , i 2 ∗ j 1 , i 2 ∗ j 2 , . . . , i k m ∗ j k n i_1*j_1,i_1*j_2,…,i_2*j_1,i_2*j_2,…,i_{km}*j_{kn} i1j1,i1j2,...,i2j1,i2j2,...,ikmjkn这些数构成了 m ∗ n m*n mn的所有因数。那么这些数的欧拉函数之和就等于 F ( m ∗ n ) F(m*n) F(mn),所以 F ( m ∗ n ) = F ( m ) ∗ F ( n ) F(m*n)=F(m)*F(n) F(mn)=F(m)F(n),证得F是一个积性函数。根据这个性质,F可以一直分解到n为质数的幂的情况。那么讨论当p为质数时,F(p^k)怎么计算。因为 p k p^k pk的因数只有 1 , p , p 2 , p 3 , . . . , p k 1,p,p^2,p^3,…,p^k 1,p,p2,p3,...,pk,根据F的定义,直接展开来计算就行了。(根据欧拉函数的性质2,φ( p k p^k pk)= p k − p ( k − 1 ) p^k-p^(k-1) pkp(k1) F ( p k ) = φ ( 1 ) + φ ( p ) + φ ( p 2 ) + . . . + φ ( p k ) = 1 + ( p − 1 ) + ( p 2 − p ) + . . . + ( p k − p ( k − 1 ) ) = p k 。 F(p^k)=φ(1)+φ(p)+φ(p^2)+…+φ(p^k)=1+(p-1)+(p^2-p)+…+(p^k-p^(k-1))=p^k。 F(pk)=φ(1)+φ(p)+φ(p2)+...+φ(pk)=1+(p1)+(p2p)+...+(pkp(k1))=pk既然对于质数的幂,F(n)=n成立,而F又是个积性函数,这个结论就可以扩展到任意正整数了。至此,命题得证。
证明2(感性的证明):
以12为例。12的因子有1,2,3,4,6,12。把与这些数互质的数列出来:
1:1
2:1
3:1 2
4:1 3
6:1 5
12 1 5 7 11
不妨把这些数作为分母,把与这些数互质的数作为分子,写成分数形式:
1/1
1/2
1/3 2/3
1/4 3/4
1/6 5/6
1/12 5/12 7/12 11/12
显然,每一行的数的个数就是该行的分母的欧拉函数值。倘若把这些数都改成以12为分母的数:
12/12
6/12
4/12 8/12
3/12 9/12
2/12 10/12
1/12 5/12 7/12 11/12
可以发现,这些数是以12为分母,1~12为分子的所有数,所以个数为12个。所以与12互质的数的欧拉函数值之和就是12。这样,命题大概就被证明了吧。

求欧拉函数

埃拉托斯特尼筛求欧拉函数

观察欧拉函数的公式,φ(x)=x ∏ i = 1 n ( 1 − 1 p i ) \prod_{i=1}^n{(1-\frac{1}{p_i})} i=1n(1pi1) = x ∏ i = 1 n p i − 1 p i \prod_{i=1}^n{\frac{p_i-1}{p_i}} i=1npipi1 。我们用phi[x]表示φ(x)。可以一开始把phi[x]赋值为x,然后每次找到它的质因数就 p h i [ x ] = p h i [ x ] / p i ∗ ( p i − 1 ) phi[x]=phi[x]/p_i*(p_i-1) phi[x]=phi[x]/pi(pi1)(先除再乘,避免溢出)。当然,若只要求一个数的欧拉函数,可以从1到sqrt(n)扫一遍,若gcd(i,n)=1就更新 p h i [ n ] phi[n] phi[n]。复杂度为O(logn)(代码就不给了)。那要求1~n所有数的欧拉函数呢?可以用埃拉托斯特尼筛的思想,每次找到一个质数,就把它的倍数更新掉。这个复杂度虽然不是O(n),但还是挺快的(据说是O(n*ln ln n),关于证明,可以点这里,虽然我看不懂)。
代码如下:

void euler(int n)
{ 
   
    for (int i=1;i<=n;i++) phi[i]=i;
    for (int i=2;i<=n;i++)
    { 
   
        if (phi[i]==i)//这代表i是质数
        { 
   
            for (int j=i;j<=n;j+=i)
            { 
   
                phi[j]=phi[j]/i*(i-1);//把i的倍数更新掉
            }
        }
    }
}

欧拉筛求欧拉函数

前提是要懂欧拉筛。每个数被最小的因子筛掉的同时,再进行判断。i表示当前做到的这个数,prime[j]表示当前做到的质数,那要被筛掉的合数就是i*prime[j]。若prime[j]在这个合数里只出现一次(i%prime[j]!=0),也就是i和prime[j]互质时,则根据欧拉函数的积性函数的性质,phi[i * prime[j]]=phi[i] * phi[prime[j]]。若prime[j]在这个合数里出现了不止一次(i%prime[j]=0),也就是这个合数的所有质因子都在i里出现过,那么根据公式,φ(i * prime[j])=prime[j] * i * ∏ k = 1 n ( 1 − 1 p k ) \prod_{k=1}^n{(1-\frac{1}{p_k})} k=1n(1pk1) =φ(i) *prime[j]。复杂度为O(n)。
还是看代码吧:

void euler(int n)
{ 
   
	phi[1]=1;//1要特判 
	for (int i=2;i<=n;i++)
	{ 
   
		if (flag[i]==0)//这代表i是质数 
		{ 
   
			prime[++num]=i;
			phi[i]=i-1;
		}
		for (int j=1;j<=num&&prime[j]*i<=n;j++)//经典的欧拉筛写法 
		{ 
   
			flag[i*prime[j]]=1;//先把这个合数标记掉 
			if (i%prime[j]==0)
			{ 
   
				phi[i*prime[j]]=phi[i]*prime[j];//若prime[j]是i的质因子,则根据计算公式,i已经包括i*prime[j]的所有质因子 
				break;//经典欧拉筛的核心语句,这样能保证每个数只会被自己最小的因子筛掉一次 
			}
			else phi[i*prime[j]]=phi[i]*phi[prime[j]];//利用了欧拉函数是个积性函数的性质 
		}
	}
}

总结

有关欧拉函数的性质,只需做个了解,而求欧拉函数的代码,却是一定要会写的。这只是走进数论世界的第一步。

版权声明:本文内容由互联网用户自发贡献,该文观点仅代表作者本人。本站仅提供信息存储空间服务,不拥有所有权,不承担相关法律责任。如发现本站有涉嫌侵权/违法违规的内容, 请发送邮件至 举报,一经查实,本站将立刻删除。

发布者:全栈程序员-用户IM,转载请注明出处:https://javaforall.cn/172048.html原文链接:https://javaforall.cn

【正版授权,激活自己账号】: Jetbrains全家桶Ide使用,1年售后保障,每天仅需1毛

【官方授权 正版激活】: 官方授权 正版激活 支持Jetbrains家族下所有IDE 使用个人JB账号...

(0)


相关推荐

发表回复

您的电子邮箱地址不会被公开。

关注全栈程序员社区公众号