大家好,又见面了,我是全栈君。
题目地址:HDU4859
做了做杭电多校,知识点会的太少了。还是将重点放在刷专题补知识点上吧,明年的多校才是重点。
这题题目求的最长周长。能够试想一下,这里的海岸线一定是在“.”和“D”之间的,也就是说求最多的相邻的“.”和“D”的配对对数。能够先转化成最小割求最小配对对数,由于总对数是一定的。仅仅须要减去即可。
要先对周围填充上一圈的“D”。然后变成了一个(n+2)*(m+2)的矩形。由于要求的都是相邻的匹配数,所以能够利用黑白染色转化成一个二分图模型,对于每对相邻的进行加边。
二分图已经分成了X集和Y集两个子集合。如果要把全部的“.”都要分到X集,全部的”D”都要分到Y集(不过如果),这时候分两种情况讨论:
1:若当前点在地图上是 . 可是却被分到了Y集,或者当前点是 D ,却被分到了X集。就和源点连一条INF的边。
2:若当前点在地图上是 . 而且被分到了X集,或者当前点是 D ,被分到了Y集,就和汇点连一条INF的边。
分析一下就知道,仅仅有 . –> . 或者 D –> D ,也就是类型同样的。才干从源流向汇。
源连接的点是“分错了”的点( X集的D或者Y集的. ),汇连接的点是“分对了”的点(X集的.或者Y集的D),所以假设要从源流到汇,则一定是D->D或者.->.。也就是同样类型的,求出最小割就是最小化同样的。
最后用总对数减去这个就是答案.
代码例如以下:
#include <iostream>#include <stdio.h>#include <string.h>#include <stdlib.h>#include <math.h>#include <ctype.h>#include <queue>#include <map>#include<algorithm>using namespace std;const int INF=0x3f3f3f3f;int head[3000], source, sink, nv, cnt;int cur[3000], num[3000], d[3000], pre[3000];int jx[]={0,0,1,-1};int jy[]={1,-1,0,0};struct node{ int u, v, cap, next;}edge[1000000];void add(int u, int v, int cap){ edge[cnt].v=v; edge[cnt].cap=cap; edge[cnt].next=head[u]; head[u]=cnt++; edge[cnt].v=u; edge[cnt].cap=0; edge[cnt].next=head[v]; head[v]=cnt++;}void bfs(){ memset(d,-1,sizeof(d)); memset(num,0,sizeof(num)); queue<int>q; q.push(sink); d[sink]=0; num[0]=1; while(!q.empty()) { int u=q.front(); q.pop(); for(int i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next) { int v=edge[i].v; if(d[v]==-1) { d[v]=d[u]+1; num[d[v]]++; q.push(v); } } }}int isap(){ memcpy(cur,head,sizeof(cur)); bfs(); int flow=0, u=pre[source]=source, i; while(d[source]<nv) { if(u==sink) { int f=INF, pos; for(i=source;i!=sink;i=edge[cur[i]].v) { if(f>edge[cur[i]].cap) { f=edge[cur[i]].cap; pos=i; } } for(i=source;i!=sink;i=edge[cur[i]].v) { edge[cur[i]].cap-=f; edge[cur[i]^1].cap+=f; } flow+=f; u=pos; } for(i=cur[u];i!=-1;i=edge[i].next) { if(d[edge[i].v]+1==d[u]&&edge[i].cap) break; } if(i!=-1) { cur[u]=i; pre[edge[i].v]=u; u=edge[i].v; } else { if(--num[d[u]]==0) break; int mind=nv; for(i=head[u];i!=-1;i=edge[i].next) { if(mind>d[edge[i].v]&&edge[i].cap) { mind=d[edge[i].v]; cur[u]=i; } } d[u]=mind+1; num[d[u]]++; u=pre[u]; } } return flow;}int main(){ int t, n, m, i, j, mp[60][60], num=0; char s[60]; scanf("%d",&t); while(t--) { num++; scanf("%d%d",&n,&m); memset(mp,0,sizeof(mp)); for(i=1;i<=n;i++) { scanf("%s",s); for(j=0;j<m;j++) { if(s[j]=='E') mp[i][j+1]=2; else if(s[j]=='.') mp[i][j+1]=1; } } cnt=0; memset(head,-1,sizeof(head)); source=0; sink=(n+2)*(m+2)+1; nv=sink+1; for(i=0;i<=n+1;i++) { for(j=0;j<=m+1;j++) { if((i+j)%2==0) { if(mp[i][j]==1) { add(i*(m+2)+j+1,sink,INF); } else if(mp[i][j]==0) { add(source,i*(m+2)+j+1,INF); } } else { if(mp[i][j]==0) { add(i*(m+2)+j+1,sink,INF); } else if(mp[i][j]==1) { add(source,i*(m+2)+j+1,INF); } } for(int k=0;k<4;k++) { int x=i+jx[k]; int y=j+jy[k]; if(x>=0&&x<=n+1&&y>=0&&y<=m+1) { add(i*(m+2)+j+1,x*(m+2)+y+1,1); } } } } int ans; ans=isap(); printf("Case %d: %d\n",num,(n+1)*(m+2)+(n+2)*(m+1)-ans); } return 0;}
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